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      1. 與導(dǎo)數(shù)的函數(shù)題的統(tǒng)一解題技巧分析

        時間:2022-11-16 07:37:11 教學(xué)論文 我要投稿
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        與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的函數(shù)題的統(tǒng)一解題技巧分析

          與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的函數(shù)題是各省市檢測和高考年年必考的題目,形式層出不窮,絕大多數(shù)還是區(qū)分度頗高的壓軸題.許多中上水平的考生往往處理完第一問后,對第二、三問或是匆忙求導(dǎo)眼到手不到形成一堆爛賬,或是寫了一堆解答過程發(fā)現(xiàn)走進(jìn)死胡同再出來,這樣做的結(jié)果往往是得分較低,浪費時間,長此以往對科學(xué)備考的負(fù)面影響較大.究其原因,很多考生表現(xiàn)為不知道自己“起步”錯誤,具體來說就是對哪個函數(shù)求導(dǎo)不明確,或為什么要構(gòu)造新函數(shù)F (x)和如何構(gòu)造函數(shù)F (x)不明確.本文結(jié)合近兩年的高考題,就解答與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的區(qū)分度頗高的函數(shù)題,如何走好“動一發(fā)而系全身”的第一步,談如何構(gòu)造函數(shù)F (x),給出程序化的構(gòu)建模式,以達(dá)到“好的開始是成功的一半”的目的.

          一、與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的函數(shù)題概述

          與導(dǎo)數(shù)有關(guān)的區(qū)分度頗高的函數(shù)題主要包括:討論含參(一元參數(shù)或二元參數(shù))方程根的個數(shù)與范圍,含參(一元參數(shù)或二元參數(shù))不等式的證明,求含參函數(shù)的最值或單調(diào)區(qū)間,含參(一元參數(shù)或二元參數(shù))不等式恒成立時已知含參函數(shù)的最值或單調(diào)區(qū)間求某參數(shù)的范圍,已知含參(一元參數(shù)或二元參數(shù))方程根的個數(shù)和范圍求某參數(shù)的范圍等.題目形式雖然千變?nèi)f化、層出不窮,但本質(zhì)上就是一道題.本文為使問題說明得更加方便,不妨以 f(x)≥g(x)的形式來說明.

          二、程序化構(gòu)造函數(shù)F (x)的統(tǒng)一模式

          1.直接法:令F (x)= f(x)-g(x).

          2.化積法:若 f(x)-g(x)=h(x)k(x),且h(x)≥0,令F (x)= k(x).

          3.伸縮法:若 f(x)≥ f1(x),則令F (x)= f1(x)-g(x),其中,f1(x)通常可由熟悉的不等式或前一問中的結(jié)論得出.

          4.控元法:含參問題若已給出參數(shù)k的范圍,由單調(diào)性控元、消元、消參,構(gòu)建F (x)(F (x)不含參數(shù)).

          5.分離變量法:若能分離出變量k≥k(x),則令F (x)=k(x).

          三、程序化構(gòu)造函數(shù)F (x)的統(tǒng)一模式在高考題中的運用

          例1 (2013年高考新課標(biāo)全國Ⅱ卷理科卷第21題)已知函數(shù)f(x)=ex-ln(x+m).

          (Ⅰ)設(shè)x=0是f(x)的極值點,求m,并討論 f(x)的單調(diào)性.

          (Ⅱ)當(dāng)m≤2時,證明f(x)>0.

          (Ⅰ)解:m=1. f(x)在(-1,0)上單調(diào)遞減,在(0,+∞)上單調(diào)遞增.(解答過程省略)

          (Ⅱ)證明:當(dāng)m≤2,x∈(-m,+∞)時,ln(x+2)≥ln(x+m).記F (x)=ex-ln(x+2),則F ′(x)=ex- .

          ∵F ′′(x)=ex+ >0,∴F ′(x)在(-2,+∞)上單調(diào)遞增.

          ∵F ′(0)=1- >0,F(xiàn) ′(-1)= -1<0,即 = ,x0=-ln(x0+2),∴F (x0)= -ln(x0+2)= +x0= >0.

          當(dāng)x∈(-2,x0)時,F(xiàn) ′(x)<0,此時函數(shù)F (x)單調(diào)遞減;當(dāng)x∈(x0,+∞)時,F(xiàn) ′(x)>0,此時函數(shù)F (x)單調(diào)遞增.

          ∴ f(x)≥F (x)≥F min(x)=F (x0)>0.

          小結(jié) 本題是一道含參不等式的證明題,考生若不假思索地直接采用構(gòu)造F (x)=左-右,則在求F ′(x)=0時會走進(jìn)死胡同.問題出在含參,因此應(yīng)該控元,將兩個變量變?yōu)橐粋變量,使其常態(tài)化.

          例2 (2012年高考山東理科卷第22題)已知函數(shù)f(x)= (k為常數(shù),e=2.71828…是自然對數(shù)的底數(shù)),曲線y= f(x)在點(1,f(1))處的切線與x軸平行.

          (Ⅰ)求k的值.

          (Ⅱ)求 f(x)的單調(diào)區(qū)間.

          (Ⅲ)設(shè)g(x)=(x2+x) f ′(x),其中 f ′(x)為 f (x)的導(dǎo)函數(shù).證明:對任意x>0,g(x)<1+e-2.

          (Ⅰ)解:k=1.(解答過程省略)

          (Ⅱ)解:函數(shù) f(x)在(0,1)上單調(diào)遞增,在(1,+∞)上單調(diào)遞減.(解答過程省略)

          (Ⅲ)證明:g(x)=(x2+x)· =(1+x)· .

          欲證g(x)<1+e-2,即證1-x(ln x+1)< (1+e-2).①

          令F 1(x)=1-x(ln x+1),則F (x)=-ln x-2.令F (x)=0,得ln x =-2,∴x = e- 2∈(0,+∞).

          當(dāng)x∈(0,e- 2)時,F(xiàn) (x)>0,此時F 1(x)單調(diào)遞增;當(dāng)x∈(e- 2,+∞)時,F(xiàn) (x)<0,此時F 1(x)單調(diào)遞減.∴F 1max(x)=F1 (e- 2)=1+e- 2.

          令F 2(x)= .∵F (x)= = > 0,∴F 2(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增.∴F 2(x)>F 2(0)=1.∴不等式①得證.∴ g(x)<1+e- 2(x>0).

          小結(jié) 如何構(gòu)造函數(shù)F(x),關(guān)鍵在于F ′(x)=0是否易求(或易估).若直接求g(x),則g′(x)=0的求解將陷入泥潭.

          例3 (2012年高考遼寧理科卷第21題)設(shè)f(x)=ln(x+1)+ +ax+b(a,b∈R,a,b為常數(shù)),曲線y= f(x)與直線y= x在(0,0)點相切.

          (Ⅰ)求a,b的值.

          (Ⅱ)證明:當(dāng)0 (Ⅰ)解:a=0,b=-1.(解答過程省略)

          (Ⅱ)證明:由(Ⅰ)知f(x)=ln(x+1)+ -1.

          ∵ < (0 構(gòu)造F (x)=ln(x+1)+ - ,則F ′(x)= + - = .

          當(dāng)x∈(0,2)時,∵x2+15x-36<0,∴F ′(x)<0.∴F (x)單調(diào)遞減.∴F (x) ∴ln(x+1)+ < .∴ln(x+1)+ -1< ,即f(x)< .

          小結(jié) 本題若直接對f(x)求導(dǎo),則會在計算f ′(x)=0時碰壁.原因在于對 求導(dǎo)時,既有根式又有分式,而ln(x+1)的導(dǎo)數(shù)僅有分式,使得在求f ′(x)=0時眼到手不到.

          (作者單位:廈門工商旅游學(xué)校;廈門英才學(xué)校)

          (責(zé)任編校/周峰)

          《高中生》·高考網(wǎng)助你解答函數(shù)壓軸題有一個好的開始——

          《利用二次求導(dǎo)巧解高考函數(shù)壓軸題》

          隨著課改的不斷深入,導(dǎo)數(shù)知識考查的要求逐漸加強,現(xiàn)在已由前幾年高考只在解決問題中起輔助作用,上升為分析與解決問題時不可缺少的工具.

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